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f(x)在R可导且f'(x)+f(x)>0.证明方程f(x)=0最多只有几个实根。
如题所述
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推荐答案 推荐于2016-11-15
考察函数
g(x)=e^x·f(x)
g'(x)=e^x·[f(x)+f '(x)]>0
∴ g(x)=0最多一个实根
∴ f(x)=0也最多一个实根
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f(x)在R可导
,
f(x)+f
'(x)>0,
证明f(x)=0最多有
一
个实根
答:
所以f(x)*e^x=0在R上最多有一个实根
因为e^x>0恒成立 所以f(x)=0在R上最多有一个实根
设函数
f(x)在R
上
可导
,其导函数为f′(x),且函数y
=(
1-
x)f
′(x)的图象如...
答:
-2,1,2是交点,即使(1-x)f′
(x)=0
其中x=1使1-x=0 x=-2,x=2时1-x≠0 ∴只能f′(x)=0 再解释下单调区间 当x<-2时,1-x>0 y>0 ∴f'
(x)
>0 -2<x<1时,1-x>0 y<0 ∴f'(x)<0 1<x<2时,1-x<0 y>0 ∴f'(x)<0 x>2时,1-x<0 y<0 ∴f'(x)>...
f(x)在(0
,正无穷)连续
可导
,f'(x)>=k>
=0
,
f(0)
<0,
证明f(x)在
(0,正无穷...
答:
很简单啊,因为F'(x)>=k且K>=0可以推出x趋近于无穷大时F(x)也是趋近于无穷大的(因为K大于
零F
(x)必定是递增函数,又因为K为常数,所以K必定不能趋近于0,所以F(无穷大)=无穷大),又因为F(
0)=0
,由连续函数的特性可知
F(x)在(0
,无穷大)必有一个零点。
...设
f(x)在R
上为单调函数,试证:
方程f(x)=0
在R上至多有一
个实根
_百度知...
答:
解答:反证法:设
f(x)在R
上为单调递增函数,则有任何x1,x2属于R,且x1〈x2,有
f(x
1)〈f(x2),假设当存在一个数x3,使得f(x3
)=0
,还存在另一个数 x4,使得f(x4)=0,又由于x3〈x4,应该得出f(x3)〈f(x4),两者相矛盾,故假设不成立,所以设f(x)在R上为单调函数,...
设
f(x)在R
上为单调函数,
方程f(x)=0
在R上至多有一
个实根
答:
单调函数是指函数在某一区间
只具有
单调递增或单调递减的函数!所以常数函数肯定不是单调函数。
若
f(x)在
实轴上处处
可导
,
且f(x)+f
'(x)>
0
,
证明f(x)
至多
只有
一个零点...
答:
∵
f(x)在
实轴上处处可导,
且f(x)+f
'(x)>0 ∴f(x)>-f'(x)∵f(x)在实轴上处处可导 ∴f'(x)≥0 即f(x)≤0 命题得证。不知道对不,哈哈
若
f(x)在
实轴上处处
可导
,
且f(x)+f
'(x)>
0
,
证明f(x)
至多
只有
一个零点...
答:
则φ'(x)=
f(x)+f
'(x)依题意,f(x)+f'(x)>0 即φ'(x)>0,从而φ(x)单调递增!又φ(x)可看作是t=f(x)与φ(t)=1/2t∧2+t复合而成,因此f(x)也在实数集R上单调递增!(同增异减原则)①当lim(x→∞)
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时,f(x)无零点!②当lim(x→∞...
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