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设f(x)在[0,1]上有连续的二阶导数,且f'(0)=f'(1)证明:存在ξ属于(0,1)使得∫(0->1)f(x)dx=[f(0)+f(1)]/2
证明:存在ξ属于(0,1)使得∫(0->1)f(x)dx=[f(0)+f(1)]/2+f"(ξ)/6
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推荐答案 2012-08-09
分部积分,∫(0->1)f(x)dx=∫(0->1)d[f(x)(x-1/2)]-∫(0->1)f'(x)(x-1/2)dx=[f(0)+f(1)]/2-∫(0->1)f'(x)(x-1/2)dx=[f(0)+f(1)]/2-∫(0->1)d[f'(x)(x^2/2-x/2+1/4)]+∫(0->1)f''(x)(x^2/2-x/2+1/4)dx=[f(0)+f(1)]/2-0+∫(0->1)f''(x)(x^2/2-x/2+1/4)dx。由于∫(0->1)(x^2/2-x/2+1/4)dx=1/6,并且x^2/2-x/2+1/4>=0,0<=x<=1。所以,根据f''的连续性,存在ξ使得f"(ξ)/6=∫(0->1)f''(x)(x^2/2-x/2+1/4)dx。从而得证。其实这里的6可以换成大于0小于等于24的任意一个数。
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第1个回答 2012-08-10
设F(X)=∫(0->x)f(x)dx,那么F(X)三阶可导,分别把他在0和1用泰勒公式展开。然后用F(1)-F(0)即可求证。F(1)-F(0)=F(1)=[f(0)+f(1)]/2+[f"(ξ1)+f"(ξ2)]/12,
根据介值定理。存在ξ属于[0,1]使得f"(ξ)/6=[f"(ξ1)+f"(ξ2)]/12
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设f(x)在[0,1]上有二阶导数,f(0)=f(1)
=f(0)=f(1)=0,
证明存在ξ
∈
(0,1
...
答:
【答案】:设
F(x)
=
[f(x)
+f'
(x)]
e-x,由题设可知
F(x)在[0,1]上连续
,在
(0,1)
内可导,且
F(0)
=
F(1)
,由罗尔定理可知至少存在一点ξ∈(0,1),使F'(ξ)=0,又F'(ξ)=[f'(x)+f"(x)]e-x-[f(x)+f'(x)]e-x=[f"(x)-f(x)]e-x由于e-ξ≠0,可知有f"...
设f(x)在[0,1]上具有二阶导数,且f(1)
=f
(0)=f
'(1)=f'(0)=0,
证明:存在
...
答:
f'(0)-∫[0,
0]f(x)
dx=f'(1)-∫[0,
1]f(x)
dx ∴根据拉格朗日中值定理,至少存在一点ξ∈(0,1)使得 f''(ξ )-f(ξ )=0 即f''(ξ )=f(ξ )
f(x)在[0,1]上有二阶导数且 f(0)=f(1)
=f'(0)=f'(1)=0.
证明:存在ξ
∈(0...
答:
f
(1)=f(x)
+f'(x)(1-x)+f''(b)(1-x)^2/2 x相减得:0=f'(x)+f''(b)(1-x)^2/2-f''(a)x^2/2 |f'(x)|=|f''(b)(1-x)^2/2-f''(a)x^2/2|《0.5M((1-x)^2+x^2)现考虑g(x)=((1-x)^2+x^2),g'(x)=
2(
x-1)+2x=4x-2
x=1
/2为极值点 ...
设f(x)在[0,1]上具有二阶导数,且f(1)
=f
(0)=f
'(1)=f'(0)=0,
证明:存在
答:
回答:
证明
做错了。
设f(x)在[0,1]上二阶导数连续,f(0)=f(1)
=0,并且当x
属于(0,1)
时,|f...
答:
f
(0)=f(x)
-f'(x)x+f''(ξ)x^2 /2
f(1)
=f(x)-f'(x)(x-1)+f''(η)(x-1)^2 /2 两式相减,f'(x)=[f''(ξ)*x^2 - f''(η)*(x-1)^
2]
/2 |f'(x)|<=A/2 *(2x*2 +2x +1)<=A/2
设fx在[0,1]上有连续的二阶导数,且f(0)=
0,
f(1)
=0.5,f(1/2)=0,
答:
g
(1)=f(1)
-1+1/
2=
0.5-1+1/2=0 因此g
(x)在[0,1]
内有三个零点,且g(x)显然是
二阶
可导的 由罗尔定理:存在η1∈
(0,1
/2),η2∈(1/2
,1)使
:g'(η1)=0,g'(η2)=0 在[η1,η2]中对g'(x)再使用罗尔定理
:存在ξ
∈(η1,η2),使得 g''(ξ)=0,g''(x...
设f(x)在[0,1]上有连续的二阶导数,f(0)=f(1)
=0,f(x)不恒为零.
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ma...
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